|
|
| Công cụ bài viết | Tìm trong chủ đề này | Kiểu hiển thị |
|
#1 | ||
![]() Cho a,b,c dương abc=1 .Chứng minh rằng $\frac{1}{a}+\frac{1}{b}+\frac{1}{c}+\frac{6}{a+b+ c}\ge 5$ |
Có 2 người đã cảm ơn cho bài viết này | ||
Lạnh Như Băng (12-06-2013), Lưỡi Cưa (14-04-2013) |
#2 | ||||||||||||||
| ||||||||||||||
![]()
Mặt khác $$\frac{1}{a}+\frac{1}{b}+\frac{1}{c}=\frac{ab+bc+ ca}{abc}=ab+bc+ca$$ Sử dụng đánh giá:$$(ab+bc+ca)^2\geq abc(a+b+c)=a+b+c$$ Do đó, $$VT\geq a+b+c+\frac{6}{a+b+c}$$ Xét hàm số $f(t)=t+\frac{6}{t}$, có $f'(t)=1-\frac{6}{t^2}\geq 0$, với mọi $t\geq 3$ Từ đó ta có điều phải chứng minh. |
#3 | ||||||||||||||
| ||||||||||||||
![]()
Đặt $p = a+b+c,q=ab+bc+ca,r=abc=1$. Theo BDT Shur ta có : $$q^3+9r^2\geq 4pqr$$ $$p \leq \frac{q^3+9}{4q}$$ Bài toán cần Chứng minh : $$q + \frac{6}{p} \geq 5$$ $$q +\frac{6.4q}{q^3+9} \geq 5$$ $$(q-3)(q^3-2q^2-6q+15) \geq 0$$ Hiển nhiên đúng với $q \geq 3$ |
#4 | ||||||||||||||
| ||||||||||||||
![]()
$$(ab+bc+ca)^2\geq abc(a+b+c)=a+b+c$$ Khi đó ta có : $$VT\geq \sqrt{a+b+c}+\frac{6}{a+b+c}$$ Khảo sát Hàm số $f(t) = \sqrt{t} + \frac{6}{t}$ với $t \geq 3$ Khảo sát xong thì thấy sai rồi ! ![]() |
![]() ![]() | Thích và chia sẻ bài viết này: |
| |
![]() | ||||
Chủ đề | Người khởi xướng chủ đề | Diễn đàn | Trả lời | Bài cuối |
Cho a , b và c là các số thực dương và thỏa mãn :${b^2} > ac$. Chứng minh rằng :$$a{(a - b)^4} + 4a{b^2} + c > 2b({a^2} + {b^2})$$ | hoangphilongpro | Bất đẳng thức - Cực trị | 0 | 21-04-2016 11:41 |
Chứng minh rằng: $\sqrt{a+\frac{(b-c)^{2}}{4}}+\sqrt{b+\frac{(c-a)^{2}}{4}}+\sqrt{c+\frac{(a-b)^{2}}{4}}\leq 2$ | Dsfaster134 | Bất đẳng thức - Cực trị | 4 | 23-02-2015 18:40 |
Đang xem bài viết : 1 (0 thành viên và 1 khách) | |
Từ khóa |
$a b c=\frac{1}{a} \frac{1}{b} \frac{1}{c}$, $frac1a, abc = 1 a b c = 1/a 1/b 1/c, chứng, cho abc=1. tim min a/b b/c c/a 3/(a b c)^3, dương, frac1b, frac1c, frac6a, rằng |
Công cụ bài viết | Tìm trong chủ đề này |
Kiểu hiển thị | |
| |